Processing math: 100%
Zadanie 6.8.1.1

 Zadanie 6.8.1.1

Superpozycja dwóch fal
Dwie fale rozchodzące się wzdłuż osi x i opisane następującymi równaniami: u1(x,t)=0,3cos(4x+20t) w SI oraz  u2(x,t)=0,2cos(4x+20t+π3) w SI interferują ze sobą. Wyznacz fazę początkową i amplitudę fali wypadkowej.

 Wskazówka teoretyczna

 Teoria - zasada superpozycji fal
Jeżeli dwie fale (więcej fal) przebiegają przez ten sam obszar przestrzeni, to przemieszczenie dowolnej cząstki w ustalonej chwili czasu jest sumą przemieszczeń, które wywołałyby poszczególne fale.

Informacja

Postaraj się samodzielnie rozwiązać zadanie. Możesz sprawdzić swój tok rozumowania, klikając w przyciski odsłaniające kolejne etapy proponowanego rozwiązania lub sprawdź od razu odpowiedź.

Dane i szukane

Dane:
- równanie pierwszej fali u1(x,t)=0,3cos(4x+20t) w SI,
- równanie drugiej fali u2(x,t)=0,2cos(4x+20t+π3) w SI.

Szukane:
- faza początkowa fali wypadkowej δ,
- amplituda fali wypadkowej A.

Rozwiązanie

W myśl zasady superpozycji fala wypadkowa będzie sumą interferujących fal:

u(x,t)=u1(x,t)+u2(x,t)

Dla uproszczenia obliczeń zapiszemy równania fal składowych jako:

u1(x,t)=0,3cosΦ  oraz  u2(x,t)=0,2cos(Φ+π3)
gdzie Φ=4x+20t

Fale składowe różnią się tylko amplitudą i fazą początkową, więc fala wypadkowa będzie miała postać:

u(x,t)=Acos(Φ+π3),

gdzie A jest amplitudą wypadkową.

Równanie opisujące interferencje fal, ma postać (δ - fazą początkową):

Acos(Φ+δ)=0,3cosΦ+0,2cos(Φ+π3)
cos(α+β)=cosαcosβsinαsinβ
A(cosΦcosδsinΦsinδ)=0,3cosΦ+0,2(cosΦcosπ3sinΦsinπ3)
AcosΦcosδAsinΦsinδ=(0,3+0,2cosπ3)cosΦ0,2sinΦsinπ3
AcosΦcosδAsinΦsinδ=0,4cosΦ310sinΦ

Należy teraz porównać, znajdujące się po obu stronach znaku równości wyrażenia przy cosΦ oraz przy sinΦ, gdyż powyższa równość musi być prawdziwa dla dowolnej wartości Φ. Otrzymujemy w ten sposób układ dwóch równań:

{Acosδ=0,4Asinδ=310

Dzieląc powyższe równania stronami, możemy wyznaczyć fazę początkową fali wypadkowej

AsinδAcosδ=3100,4
tgδ=310104=0,43301

Faza początkowa fali wypadkowej wynosi δ=23,4

Podnosząc do kwadratu równania z powyższego układu równań i dodając je stronami, otrzymujemy:

A2sin2δ+A2cos2δ=0,16+0,03
A2=0,19
A=0,44

Równanie fali wypadkowej ma postać u(x,t)=0,44cos(4x+20t+0,4086) w SI.

Metoda graficzna

Zadanie to można również rozwiązać metodą graficzną, wiążąc z każdą z fal wypadkowych obracający się wektor o długości równej amplitudzie fali. W naszym przypadku długości obracających się wektorów wynoszą A1=0,3 i A2=0,2. Kąt między obracającymi się wektorami jest równy różnicy faz pomiędzy interferującymi falami, czyli w tym przypadku π3

Rysunek


Amplitudę fali wypadkowej znajdziemy stosując twierdzenie cosinusów dla dowolnego z dwóch trójkątów o bokach A, A1 i A2:

A2=A21+A222A1A2cos23π

A2=0,32+0,22+20,30,212

A2=0,13+0,06=0,19
A=0,44

Kąt δ znajdziemy stosując twierdzenie sinusów:

0,2sinδ=0,19sin23π

sinδ=0,2sin23π0,19=0,39736

Faza początkowa fali wypadkowej wynosi δ=0,4086rad=23,4

Odpowiedź

Faza początkowa fali wypadkowej wynosi δ=0,4086rad=23,4, zaś amplituda tej fali ma wartość A=0,44.